Question

在用“伏安法測2.5V小燈泡的電阻”實驗中．電源由兩節新干電池串聯而成，燈絲電阻大約10Ω左右，完成下列題目：
（1）請你將電壓表正確連入電路，完成電路的連接．并在框內畫出電路圖．
（2）在連電路前開關應______，滑動變阻器的滑片移到圖甲中______端（填左或右）
（3）該實驗的原理是______，實驗中滑動變阻器的作用是______．
（4）實驗中電壓表應選______量程，電流表應選______量程．
（5）若某次測量時電壓表和電流表的示數如圖乙所示，則電壓表的示數為______V，燈泡的電阻R_L=______Ω．燈泡的功率是______W．?
（6）小明同學在做實驗時，電路連接無誤． 閉合開關后，發現電流表的指針向右偏轉到最大刻度線以外，電壓表的指針向左偏轉，發生該故障的原因是（1）______；（2）______．
（7）小明同學在做實驗時，電路連接無誤． 閉合開關后，發現燈泡不亮，電流表的指針明顯偏轉，而電壓表的示數幾乎為零．該故障的原因可能是______．

Answer 1

【答案】分析：（1）由圖甲知，電壓表連線不完整，因為電源是兩節干電池，且小燈泡的額定電壓是2.5V，所以電壓表選用0～3V量程，電壓表與燈泡并聯接入電路即可；根據實物圖畫實驗的電路圖；
（2）連接電路前，開關應處于斷開狀態；滑動變阻器接入電路的阻值為最大．由圖知滑動變阻器接入電路的為右半部分電阻，據此判斷滑片位置；
（3）該實驗的原理公式：R=；移動滑片位置可改變其連入電路中的電阻值，從而改變電路電流，從而改變燈泡兩端的電壓；
（4）因為電源是兩節干電池，且小燈泡的額定電壓是2.5V，所以電壓表選用0～3V量程；根據公式I=可以求出電路中的最大電流，判斷出電流表選用的量程；
（5）根據圖乙所示電壓表和電流表，確定電壓表和電流表的量程與最小分度值，由電壓表指針位置讀出電壓表和電流表示數；然后根據公式R=求出燈泡的電阻；根據公式P=UI求出燈泡的功率；
（6）電流表指針向右偏轉到最大刻度線以外，說明電路中電流較大，可能是電流表選用的量程較小；電壓表指針反轉，說明電壓表的正負極接線柱接反了；
（7）電流表應該是串在電路中，有示數，說明電燈不可能斷路；電壓表與燈并聯，燈不亮，且電壓表無示數，說明燈炮短路或是電壓表短路．
解答：解：（1）燈泡左端接線柱接電壓表負接線柱，燈泡右端接線柱接電壓表3V接線柱，實物連接圖如下圖所示；

按實物圖連接電路原理圖，如下圖所示．

（2）連接電路前，開關應處于斷開狀態；滑動變阻器接入電路的阻值為最大．由圖知滑動變阻器接入電路的為右半部分電阻，可以判斷滑片在最左端時連入電路中的電阻最大；
（3）該實驗的原理公式：R=；移動滑片位置可改變其連入電路中的電阻值，從而改變電路電流，從而改變燈泡兩端的電壓；
（4）因為電源是兩節干電池，且小燈泡的額定電壓是2.5V，所以電壓表選用0～3V量程；電路中的最大電流：I===0.3A，所以電流表選用0～0.6A就足夠了；
（5）由圖乙知，電壓表量程是3V，最小分度值是0.1V，電壓表示數是2.2V；電流表量程是0.6A，最小分度值是0.02A，電流表示數是0.2A；
小燈泡的電阻：R===11Ω；
小燈泡的功率：P=UI=2.2V×0.2A=0.44W；
（6）電流表指針向右偏轉到最大刻度線以外，說明電路中電流較大，可能是電流表選用的量程較小；電壓表指針反轉，說明電壓表的正負極接線柱接反了；
（7）閉合開關后，發現燈泡不亮，電流表的指針明顯偏轉，電流表應該是串在電路中，有示數，說明電燈不可能斷路；電壓表與燈并聯，燈不亮，且電壓表示數幾乎為零，說明燈炮短路或是電壓表短路．
故答案為：（1）實物圖、電路圖如上圖；（2）斷開；左；（3）R=；改變燈泡兩端的電壓；（4）0～3V；0～0.6A；（5）2.2；11；0.44；（6）電流表選用量程較��；電壓表的正負極接線柱接反了；（7）小燈泡短路．
點評：本題考查了：連接實物圖、畫實驗的原理圖、滑動變阻器的調節及作用、電路故障分析、實驗設計，考查的知識點較多，是一道難題．
分析電路故障時，應根據電流表、電壓表等電路元件狀態綜合分析，然后確定故障原因．指針滿偏，說明電流或電壓過大；指針偏轉角度較小，說明電流或電壓較�。恢羔樂雌�，說明正負接線柱接反了．