Question

設函數f（x）=x（x-1）²，x＞0
（1）求f（x）的極值；
（2）設函數g（x）=lnx-2x²+4x+t（t為常數），若使g（x）≤x+m≤f（x）在（0，+∞）上恒成立的實數m有且僅有一個，求實數m和t的值；
（3）設a＞0，試討論方程的解的個數，并說明理由．

Answer 1

【答案】分析：（1）由f（x）=x（x-1）²，x＞0，知f′（x）=3x²-4x+1，由此能求出f（x）的極值．
（2）由g（x）≤x+m≤f（x）在（0，+∞）上恒成立得，由此能求出t．
（3）令∅（x）==，得到∅′（x）=x-=．由此能推導出方程的解的個數．
解答：解：（1）∵f（x）=x（x-1）²，x＞0，
∴f′（x）=3x²-4x+1，
令f’（x）=0，得x=，或x=1，
∴當x變化時f（x），f′（x）的變化情況如下表：

x	（-∞，）		（，1）	1	（1，+∞）
f’（x）	+	0	-	0	+
f（x）	單調遞增	極大值	單調遞減	極小值	單調遞增

由上表知當x=時，f（x）取得極大值，當x=1時，f（x）取得極小值0．
（2）由g（x）≤x+m≤f（x）在（0，+∞）上恒成立得
對x∈（0，+∞）恒成立，
由②得m=-，又由①得1+t-m=0，∴t=-．
（3）令∅（x）=
=，
∴∅′（x）=x-=．
∵當x→0時，∅（x）→+∝，
∴由當0＜a＜e時，∅（x）_min=∅（）=，此時原方程無解；
當a=e時，∅（x）_min=∅（）=0，此時原方程有唯一解；
當a＞e時，∅（x）_min=∅（）＜0，此時原方程，有兩解．
點評：本題考查函數的極值的求法，考查滿足條件的實數值的求法，考查方程的解的個數的求法，解題時要認真審題，注意等價轉化思想的合理運用．