Question

已知雙曲線

x2

6

-

y2

2

=1，
（1）求以雙曲線的頂點(diǎn)為焦點(diǎn)，焦點(diǎn)為頂點(diǎn)的橢圓E的方程．
（2）點(diǎn)P在橢圓E上，點(diǎn)C（2，1）關(guān)于坐標(biāo)原點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)為D，直線CP和DP的斜率都存在且不為0，試問(wèn)直線CP和DP的斜率之積是否為定值？若是，求此定值；若不是，請(qǐng)說(shuō)明理由．
（3）平行于CD的直線l交橢圓E于M、N兩點(diǎn)，求△CMN面積的最大值，并求此時(shí)直線l的方程．

Answer 1

分析：（1）設(shè)以雙曲線

x2

6

-

y2

2

=1的頂點(diǎn)為焦點(diǎn)，焦點(diǎn)為頂點(diǎn)的橢圓E的方程為

x2

a2

+

y2

b2

=1，a＞b＞0，則a²=6+2=8，c²=6，由此能求出橢圓E的方程．
（2）依題意得D點(diǎn)的坐標(biāo)為（-2，-1），且D點(diǎn)在橢圓E上，直線CP和DP的斜率K_CP和K_DP均存在，設(shè)P（x，y），則kCP=

y-1

x-2

，kDP=

y+1

x+2

，由此能推導(dǎo)出直線CP和DP的斜率之積為定值-

1

4

．
（3）直線CD的斜率為

1

2

，CD平行于直線l，設(shè)直線l的方程為y=

1

2

x+t，由

y= 1 2 x+t x2 8 + y2 2 =1

，得x²+2tx+2t²-4=0，△=4t²-4（2t²-4）＞0，解得t²＜4，由此能求出△CMN面積的最大值和此時(shí)直線l的方程．

解答：解：（1）∵雙曲線

x2

6

-

y2

2

=1的頂點(diǎn)為（±

6

，0），焦點(diǎn)為（±2

2

，0），
設(shè)以雙曲線的頂點(diǎn)為焦點(diǎn)，焦點(diǎn)為頂點(diǎn)的橢圓E的方程為

x2

a2

+

y2

b2

=1，a＞b＞0，
則a²=6+2=8，c²=6，
∴橢圓E的方程為

x2

8

+

y2

2

=1．…（3分）
（2）依題意得D點(diǎn)的坐標(biāo)為（-2，-1），
且D點(diǎn)在橢圓E上，直線CP和DP的斜率K_CP和K_DP均存在，設(shè)P（x，y），
則kCP=

y-1

x-2

，kDP=

y+1

x+2

，
∴kCP•kDP=

y-1

x-2

•

y+1

x+2

=

y2-1

x2-4

，…（5分）
∵點(diǎn)Q在橢圓E上，∴x²=8-4y²，k_CP•k_DP=

y2-1

x2-4

=-

1

4

．
∴直線CP和DP的斜率之積為定值-

1

4

．…（7分）
（3）∵直線CD的斜率為

1

2

，CD平行于直線l，
設(shè)直線l的方程為y=

1

2

x+t，
由

y= 1 2 x+t x2 8 + y2 2 =1

，消去y，整理得x²+2tx+2t²-4=0，
△=4t²-4（2t²-4）＞0，解得t²＜4，
設(shè)M（x₁，y₁），N（x₂，y₂），
則x₁+x₂=-2tx₁•x₂=2t²-4．…（10分）
∴|MN|=

(x1-x2)2+(y1-y2)2

=

1+( 1 2 )2

•|x1-x2|
=

1+( 1 2 )2

(x1+x2)2-4x1x2

=

5

•

4-t2

，-2＜t＜2．…（11分）
點(diǎn)C到直線MN的距離為d=

|t|

1 4 +1

=

2|t|

5

，…（12分）
∴S△CMN=

1

2

|MN|•d
=

1

2

•

5

•

4-t2

•

2|t|

5

=|t|•

4-t2

=

t2(4-t2)

≤

( t2+4-t2 2 )2

=

4

2

=2．
當(dāng)且僅當(dāng)t²=4-t²，即t²=2時(shí)，取等號(hào)．…（13分）
∴△CMN面積的最大值為2，此時(shí)直線l的方程為y=

1

2

x±

2

．…（14分）

點(diǎn)評(píng)：本題考查橢圓方程的求法，考查三角形面積最大值的求法及此時(shí)直線方程的求法．解題時(shí)要認(rèn)真審題，仔細(xì)解答，注意點(diǎn)到直線的距離公式的靈活應(yīng)用．