Question

設(shè)f(x)=lnx-

x-a

x

(其中a＞0)，g(x)=2x-(x2+1)lnx．
（I）已知f（x）和g（x）在[1，+∞）上單調(diào)性一致，求a的取值范圍；
（II）設(shè)b＞1，證明不等式

2

1+b2

＜

lnb

b-1

＜

1

b

．

Answer 1

分析：（I）由已知中g(shù)（x）的解析式，我們易判斷g（x）在[1，+∞）上的單調(diào)性，再由f（x）和g（x）在[1，+∞）上單調(diào)性一致，我們易判斷f'（x）在[1，+∞）上的符號(hào)，進(jìn)而得到一個(gè)關(guān)于a的不等式，解不等式即可得到的取值范圍；
（II）由（I）的結(jié)論，結(jié)合b＞1，我們易得g（b）＜g（1），f（b）＜f（1），構(gòu)造關(guān)于b的不等式組，解不等式組，即可得到答案．

解答：解：（I）由g（x）=2（x-1）-（x²+1）lnx，
g′(x)=2-[2xlnx+(x2+1)•

1

x

]=-2xlnx-

(x-1)2

x

=-[2xlnx+

(x-1)2

x

]．
當(dāng)x≥1時(shí)，2xlnx≥0，

(x-1)2

x

＞0，
故g'（x）＜0，
所以g（x）在[1，+∞）上為減函數(shù)．
∴f（x）在[1，+∞）上為減函數(shù)，
由f(x)=lnx-

x-a

x

，
則：f′(x)=

1

x

-

x -(x-a)• 1 2 x

x

=

1

x

-

1 2 x + a 2 x

x

=

1-( 1 2 x + a 2 x )

x

≤0．
在[1，+∞）上恒成立，
即1-(

1

2

x

+

a

2 x

)≤0在[1，+∞)上恒成立；
即(

1

2

x

+

a

2 x

)min≥1，
由基本不等式得：a≥1．
（II）證明：因?yàn)間（x）在[1，+∞）上為減函數(shù)，
又∵b＞1，g（b）＜g（1），
即2（b-1）-（b²+1）lnb＜0，①
又當(dāng)a=1時(shí)，f（x）在[1，+∞）上為減函數(shù)．
∵b＞1，∴f（b）＜f（1）
即lnb-

b-1

b

＜0，
∴

lnb

b-1

＜

1

b

②
由①②可得

2

1+b2

＜

lnb

b-1

＜

1

b

．得證．

點(diǎn)評(píng)：本題考查的知識(shí)點(diǎn)是利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性，基本不等式及不等式的證明，其中利用已知中函數(shù)的解析式，求出導(dǎo)函數(shù)的解析式，將問(wèn)題轉(zhuǎn)化為一個(gè)不等式問(wèn)題是解答的關(guān)鍵．