Question

已知圓，定點，點P為圓M上的動點，點Q在NP上，點G在MP上，且滿足．
（I）求點G的軌跡C的方程；
（II）過點（2，0）作直線l，與曲線C交于A、B兩點，O是坐標原點，設(shè)，是否存在這樣的直線l，使四邊形OASB的對角線相等（即|OS|=|AB|）？若存在，求出直線l的方程；若不存在，試說明理由．

Answer 1

【答案】分析：（I）點Q在NP上，點G在MP上，且滿足故有|GN|+|GM|=|MP|=6，由橢圓的定義知G點的軌跡是以M、N為焦點的橢圓，由定義寫出其標準方程即可得到點G的軌跡C的方程．
（II），所以四邊形OASB為平行四邊形，若存在l使得||=||，則四邊形OASB必為矩形即有，令A（x₁，y₁），B（x₂，y₂），則有x₁x₂+y₁y₂=0，由直線l與曲線C聯(lián)立求利用根與系數(shù)的關(guān)系求出x₁x₂，y₁y₂的參數(shù)表達式，代入求直線的斜率k，若能求出，則說明存在，若不能求出，則不存在．
解答：解：（I）Q為PN的中點且GQ⊥PN⇒GQ為PN的中垂線⇒|PG|=|GN|
∴|GN|+|GM|=|MP|=6，故G點的軌跡是以M、N為焦點的橢圓，其長半軸長a=3，半焦距，
∴短半軸長b=2，∴點G的軌跡方程是（5分）
（II）因為，所以四邊形OASB為平行四邊形
若存在l使得||=||，則四邊形OASB為矩形∴
若l的斜率不存在，直線l的方程為x=2，
由得∴，與矛盾，
故l的斜率存在．（7分）
設(shè)l的方程為y=k（x-2），A（x₁，y₁），B（x₂，y₂）
由
∴①
y₁y₂=[k（x₁-2）][k（x₂-2）]=②（9分）
把①、②代入x₁x₂+y₁y₂=0得
∴存在直線l：3x-2y-6=0或3x+2y-6=0使得四邊形OASB的對角線相等．
點評：本題的考點是軌跡方程，考查了定義法求橢圓的軌跡方程與直線與橢圓的相交問題，直線與橢圓的關(guān)系問題是圓錐曲線中一類常考的綜合題，其規(guī)律是聯(lián)立方程⇒消元得關(guān)于x，或y的一元二次方程，再利用根系關(guān)系得到兩個直線的交點的坐標滿足的方程，學習時應注意總結(jié)這一共性．