Question

（2011•臨沂二模）如圖，過(guò)圓x²+y²=4與x軸的兩個(gè)交點(diǎn)A、B作圓的切線(xiàn)AC、BD，再過(guò)圓上任意一點(diǎn)H作圓的切線(xiàn)，交AC、BD與C、D兩點(diǎn)，設(shè)AD、BC的交點(diǎn)為R．
（I）求動(dòng)點(diǎn)R的軌跡E的方程；
（II）設(shè)E的上頂點(diǎn)為M，直線(xiàn)l交曲線(xiàn)E于P、Q兩點(diǎn)，問(wèn)：是否存在這樣的直線(xiàn)l，使點(diǎn)G（1，0）恰為△PQM的垂心？若存在，求出直線(xiàn)l的方程，若不存在，說(shuō)明理由．

Answer 1

分析：（I）因?yàn)閯?dòng)點(diǎn)R為動(dòng)直線(xiàn)直線(xiàn)AD、BC的交點(diǎn)，所以可用消參法求R的軌跡方程．先設(shè)點(diǎn)H（x₀，y₀），求出A，B，C，D四點(diǎn)坐標(biāo)，則可得到含參數(shù)x₀，y₀的直線(xiàn)AD，BC方程，再消去參數(shù)，即可得到求動(dòng)點(diǎn)R的軌跡E的方程．
（II）假設(shè)存在直線(xiàn)l交曲線(xiàn)E于P、Q兩點(diǎn)，使點(diǎn)G（1，0）恰為△PQM的垂心．則MG為△PQM在邊PQ上的高線(xiàn)所在直線(xiàn)，MG⊥PQ，又因?yàn)閗MG=-1，所以k_PQ=1，這樣，就可設(shè)出直線(xiàn)MQ的方程為y=x+m，與曲線(xiàn)E的方程聯(lián)立，消y，得到關(guān)于x的一元二次方程，求兩根之和，兩根之積．又因?yàn)辄c(diǎn)G（1，0）恰為△PQM的垂心，所以MP⊥GQ，∴

MP

•

EQ

=0，得到含x₁，x₂的方程，根據(jù)前面所求的x₁+x₂，x₁x₂，就可求m的值，如能求出，則m存在，否則，m不存在

解答：解：（I）則x₀²+y₀²=4，
由題意可知，y₀≠0，且以H為切點(diǎn)的圓的切線(xiàn)斜率為：-

x0

y0

故切線(xiàn)方程為：y-y₀=-

x0

y0

（x-x₀），
展開(kāi)得，x₀x+y₀y=x₀²+y₀²即以H為切點(diǎn)的圓的方程為x₀x+y₀y=4
∵A（-2，0），B（2，0）將x=±2代入上述方程可得點(diǎn)C，D坐標(biāo)分別為C（-2，

4+2x0

y0

）D（2，

4-2x0

y0

）
則l_AD：

y

4-2x0 y0

=

x+2

4

，l_BC：

y

4+2x0 y0

=

x-2

-4

兩式相乘，可消x₀，y₀，
化簡(jiǎn)得動(dòng)點(diǎn)R的軌跡E的方程為

x2

4

+y2=1
（II）假設(shè)存在直線(xiàn)l交曲線(xiàn)E于P、Q兩點(diǎn)，使點(diǎn)G（1，0）恰為△PQM的垂心．
設(shè)P（x₁，y₁），Q（x₁，y₂）∵M(jìn)（0，1），G（1，0），MG⊥PQ，∴k_PQ=1
設(shè)直線(xiàn)l為y=x+m，與曲線(xiàn)E的方程聯(lián)立，消y，得5x²+8mx+4m²-4=0
由△=（8m）²-4×5（4m²-4）＞0得-

5

＜m＜

5

x₁+x₂=

8

5

m，x₁x₂=

4

5

（m²-1）
又∵M(jìn)P⊥GQ，∴

MP

•

EQ

=0
∴x₁（x₂-1）+y₁（y₂-1）=0
又y₁=x₁+m，y₂=x₂+m
∴x₁（x₂-1）+（x₂+m）（x₁+m-1）=，0即2x₁x₂+（x₁+x₂）（m-1）+m²-m=0
∴

8

5

（m²-1）-

8

5

m（m-1）+m²-m=0即5m2-3m-8=0
解得m=1或m=-

8

5

檢驗(yàn)：當(dāng)m=1時(shí)，l過(guò)M點(diǎn)，構(gòu)不成三角形，舍去．當(dāng)m=-

8

5

時(shí)，符合條件
故直線(xiàn)l的方程為y=x-

8

5

點(diǎn)評(píng)：本題考查了消參法求動(dòng)點(diǎn)軌跡方程，以及直線(xiàn)與橢圓位置關(guān)系的判斷，計(jì)算量較大，應(yīng)認(rèn)真計(jì)算．