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某研究性學習小組用加速度傳感器研究物體從靜止開始做直線運動的規律，得到了物體的加速度隨時間變化的關系圖線，如圖所示．已知物體的質量為1.0kg，則下列說法正確的是（ ）
A．物體在t=2.0s到t=4.0s這段時間內做勻減速直線運動
B．不能從已知信息粗略估算出物體在t=3.0s時的速度
C．不能從已知信息粗略估算出物體從t=1.0s到t=4.0s這段時間內所受合外力與時間的乘積
D．可以從已知信息粗略估算出物體從t=1.0s到t=4.0s這段時間內所受合外力對物體做的功

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某研究性學習小組用加速度傳感器研究物體從靜止開始做直線運動的規律，得到了物體的加速度隨時間變化的關系圖線，如圖所示．已知物體的質量為1.0kg，則下列說法正確的是（ ）
A．物體在t=2.0s到t=4.0s這段時間內做勻減速直線運動
B．不能從已知信息粗略估算出物體在t=3.0s時的速度
C．不能從已知信息粗略估算出物體從t=1.0s到t=4.0s這段時間內所受合外力與時間的乘積
D．可以從已知信息粗略估算出物體從t=1.0s到t=4.0s這段時間內所受合外力對物體做的功

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某研究性學習小組用加速度傳感器研究物體從靜止開始做直線運動的規律，得到了物體的加速度隨時間變化的關系圖線，如圖所示．已知物體的質量為1.0kg，則下列說法正確的是（ ）
A．物體在t=2.0s到t=4.0s這段時間內做勻減速直線運動
B．不能從已知信息粗略估算出物體在t=3.0s時的速度
C．不能從已知信息粗略估算出物體從t=1.0s到t=4.0s這段時間內所受合外力與時間的乘積
D．可以從已知信息粗略估算出物體從t=1.0s到t=4.0s這段時間內所受合外力對物體做的功

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某研究性學習小組用加速度傳感器探究物體從靜止開 始做直線運動的規律，得到了質量為1.0kg的物體運動的加速度隨時間變化的關系圖線，如圖所示．由圖可以得出（　�。�

A．從t=4.0s到t=6.0s的時間內物體做勻減速直線運動

B．物體在t=10.0s時的速度大小約為5.8m/s

C．從t=8.0s到t=12.0s的時間內物體做勻速直線運動

D．從t=10.0s到t=12.0s的時間內合外力對物體做的功 約為7.3J

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題號

1

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6

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答案

C

D

C

ACD

D

A

B

D

BCD

ACD

BD

AC

13.(1) ①從該時刻經，質點M恰經過平衡位置，所以位移為0。②該時刻。振動增強的點是：M、O、P、Q；振動減弱的點是：N。  (2) C

14．（10分）（1）a.干電池正常；b.電鍵正常；c.閉合天關關回路是連通的，沒有斷路之處。（3分）（每答對一點得1分）；

   （2）ACF（3分）  （有一處錯誤即不給分）

   （3）由于燈絲的電阻率隨溫度的升高而增大，歐姆表測出的小燈泡電阻值是常溫下的電阻值，而根據公式計算出的小燈泡電阻值是高溫下（正常工作）的電阻值。（3分，每答對一點得1分）      （4）H（3分）

15. （10分）（1）刻度尺;   （1分）

（2）把木板的末端墊起適當高度

以平衡摩擦力 （2分）

（3）點距均勻(1分)

（4）2W、3W、4W、5W(2分)

（5）v²（1分）；圖像 (2分)

（6）分析誤差來源或改進試驗

方案或測量手段，重新進行試驗（1分）；

若答：“修改試驗數據數據，

使之符合自己的推測”得0分；

16.（1）分析：要求了解光電效應的規律及光子說理論。

解答：由愛因斯坦光電效應方程可得：

=W+m                 ∴=1.9+1.0=2.9eV=2.9×1.6×10^―19J

∴λ==4.3×10^―7 m

 (2)評析:（1） 輸電線的電阻為：      ①        

P_損=P₁×4%                                           ②        

P_損=I² R                                              ③     

P₂=P₁                                                 ④     

P₂=I₂U₂                                               ⑤      

由①②③④⑤式得升壓變壓器的輸出電壓：U₂=80000V      ⑥     

(2)  輸電線上的電壓的損失：U_損=I₂R=3200V              ⑦  

17．（14分）分析和解：（1）帶電粒子經過電場加速，進入偏轉磁場時速度為v，由動能定理

   　　　…………………①（1分）

進入磁場后帶電粒子做勻速圓周運動，軌道半徑為r

………………②（2分）

   打到H點有　　　　………………………③（1分）

由①②③得　…………(1分)

（2）要保證所有粒子都不能打到MN邊界上，粒子在磁場中運動偏角小于90°，臨界狀態為90°，如圖所示，磁場區半徑

　　　　　　　　　　　　（2分）

　所以磁場區域半徑滿足　　�。�1分）

18．(14分) 解：（1）設小球經過B點時的速度大小為v_B，由機械能守恒得：

            （1分）

        求得：v_B=10m/s.        （1分）

（2）設小球經過C點時的速度為v_C，對軌道的壓力為N，則軌道對小球的壓力N’=N，根據牛頓第二定律可得：

 N’－mg =     （2分）

由機械能守恒得：

     （2分）

由以上兩式及N’= N求得：N = 43N.      （2分）

（3）設小球受到的阻力為f，到達S點的速度為v_S，在此過程中阻力所做的功為W，易知v_D= v_B，由動能定理可得：

    （2分）

求得W=－68J. （2分）

小球從D點拋出后在阻力場區域內的運動軌跡不是拋物線．（2分）

19.（16分） （1）由題意可知：板1為正極，板2為負極                  ①

　　兩板間的電壓U＝                   　　 ②

而：S＝πr²　　　　　　　　　　　　　 　 �、�

帶電液滴受的電場力：F＝qE=　　　　　　　　　　 　　 ④

故：F－mg＝－mg＝ma

a=－g                                            　�、�

討論：

一．若　a>0

液滴向上偏轉，做類似平拋運動

y＝ 　　　　　　　　　　　　　　　　�、�

當液滴剛好能射出時：

有　l＝v₀t   t＝　　y＝d　

故　d=                        　　⑦

由②③⑦得　　K₁＝    ⑧

 要使液滴能射出，必須滿足　y<d    故　K＜K₁

二．若　a＝0

液滴不發生偏轉，做勻速直線運動，此時　a=－g＝0　　　�、�

由②③⑨得　K₂＝　　　　　　　　　　　　　　　　　�、�

液滴能射出，必須滿足K＝K₂

三．若　a<0,、，液滴將被吸附在板2上。

綜上所述：液滴能射出，