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一、選擇題（每小題4分，共48分．全部選對的得4分，選不全的得2分）
題號
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
C
ABD
D
A
CD
B
BD
二、實驗題（共18分）
13．（6分）調節掃描范圍和掃描微調；調節Y增益或衰減 （每空3分）
14．（12分）①如圖所示（4分）
（注：滑動變阻器接成分壓式也正確）
②比例法（1分）（2 分）（2分）③rA=R（1分）偏小（2分）
三、解答題（本題共5小題，共54分．解答時應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分，有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位）
15(8分)解：⑴連接BC，如圖 (1分)
在B點光線的入射角、折射角分別
標為i、r，
sini=5/10=/2, 所以，
i＝45°（1分）
由折射率定律：
在B點有：
sin r=1/2
故：r＝30° （1分）
BC=2Rcos r
t= BCn/C=2Rncos r/C（1分）
t=(/3) ×10-9s （1分）
⑵由幾何關系可知 （1分） α＝30°（2分）
16 解：設虛線范圍的寬度為，以帶電粒子為研究對象，根據牛頓第二定律得
1分
由幾何關系可得
虛線區域加電場時，粒子做類平拋運動
2分
聯立以上各式可得 2分
17（10分）解：(1) 依題意輸電電線上的功率損失為：
P損＝ kW ＝200 kW （1分）
則輸電效率 η = ＝60％. （2分）
∵P損=I2R線， 又∵P=IU， ∴R線＝＝28.8Ω. （2分）
(2)設升壓至U′ 可滿足要求，則輸送電流I′=A. （2分）
輸電線上損失功率為 P損′=2R線=P×2.5％=12500 W （1分）
則有 ()2×R線=12500 W， 得 U′= 2.4×104V．（2分）
18（12分）解：⑴由動能定理可知此帶電粒子穿過鉛板前的動能，（1分）
根據，得，（2分）
又由幾何知識可得（如圖）
即， 故 （2分）
由于洛倫茲力不做功，帶電粒子穿過鉛板后的動能， （1分）
因此粒子穿過鉛板后動能的損失為 （1分）
（2）從D到C只有電場力對粒子做功，電場力做功與路徑無關，根據動能定理，有
， （3分）
解得 （2分）
19．（16分）解：（1）根據， ，
解得： (3分)
（2）ab邊剛要進入磁場時的速度 （1分）
設cd邊剛要入場時的速度為，產生感應電動勢
安培力
由題得知： 解得 （3分）
線框只在進入的過程中有感應電流產生，根據能量守恒定律有：
（3）線框自由下落h的時間（線框勻加速運動） （1分）
設線框進入磁場的時間為，由動量定理有：
解得（線框變加速運動） （3分）
完全進入磁場后到落地時間為，
解得 （線框勻加速運動） （1分）
圖象為下：（2分）
金屬線框abcd的質量m = 0.1kg、ab邊長L = 0.1m，bc邊長x=0.2m，總電阻R = 0.02Ω，線框的ab邊距離EF上方h = 0.05m處由靜止開始自由下落，abcd始終在豎直平面內且ab保持水平。已知在cd邊進入磁場區之前線框已開始做勻速運動，求線框從開始運動到ab邊剛要落地的過程中(不計空氣阻力，g取10m/s2)
⑴通過線框截面的電量q；
⑵線框產生的焦耳熱Q；
⑶通過計算畫出線框運動的v－t 圖象（在圖像上標出關鍵的幾個數值）。
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（2 分）
（2分）③rA=R（1分）偏小（2分）
sini=5
/10=
/3) ×10-9s
（1分） 
（1分） 
α＝30°（2分）
，以帶電粒子為研究對象，根據牛頓第二定律得
1分
1分
1分
2分
1分
2分
kW ＝200 kW （1分） 
＝60％. （2分）
＝28.8Ω. （2分）
A. （2分）
2R線=P×2.5％=12500 W （1分）
)2×R線=12500 W， 得 U′= 2.4×104V．（2分）
，（1分）
根據
，得
，（2分）
，
故
（2分）
， （1分）
（1分）
， （3分）
（2分）
，
， 
(3分)
（1分）
，產生感應電動勢
解得
（3分）
解得
（2分）
（線框勻加速運動） （1分）
，由動量定理有：
解得
（線框變加速運動） （3分）
，
（線框勻加速運動） （1分）
圖象為下：（2分）