題目列表(包括答案和解析)
A.v=4.5 m/s，a=1.5 m/s2
B.v=7.5 m/s，a=1.5 m/s2
C.v=4.5 m/s，a=0
D.v=7.5 m/s，a=0
A.v=4.5 m/s，a=1.5 m/s2 B.v=7.5 m/s，a=1.5 m/s2
C.v=4.5 m/s，a=0 D.v=7.5 m/s，a=0
A
A D
用30 N的水平外力F，拉一個靜止放在光滑水平面上的質量為20 kg的物體，力F作用3 s后消失，則第5 s末物體的速度和加速度分別是( )
A．v＝4.5 m/s，a＝1.5 m/s2
B．v＝7.5 m/s，a＝1.5 m/s2
C．v＝4.5 m/s，a＝0
D．v＝7.5 m/s，a＝0
1．(3-4模塊) (1)CD (2)y的負方向(1分)、0.4(1分)、1.9(1分)
(3)解：a.由折射定律：
在BC界面：sin60°=
sinγ ①（1分）
γ=300°
∵sinC=
②（1分）
∴光線在AC界面發生反射再經AB界面折射 （1分）
sin30°=sinγ/
③（1分）
γ/=60° 則射出光線與AB面的夾角 β=90°-γ/=30° ④（1分）
2．（1）v2=
（2）
，----1分 
------1分
--------1分
若F反比于△t-2，則加速度正比于外力。
15．（1）30.5
（2）①如圖； (2分)
②
(A-1) (2分)
③ 0.10-0.14Ω (2分)、9.00-9.60Ω/m(2分)
3、（16分）（1）（5分）設物塊塊由D點以初速
做平拋，落到P點時其豎直速度為
得
平拋用時為t，水平位移為s，
在桌面上過B點后初速
BD間位移為
則BP水平間距為
（2）（5分）若物塊能沿軌道到達M點，其速度為
軌道對物塊的壓力為FN，則
解得
即物塊不能到達M點
（3）（6分）設彈簧長為AC時的彈性勢能為EP，物塊與桌面間的動摩擦因數為
，
釋放
釋放
且
在桌面上運動過程中克服摩擦力做功為Wf，
則
可得
4．17. （共14分）解：（1）微粒在盒子內、外運動時，盒子的加速度a’=μMg/M＝μg＝0.2×
盒子全過程做勻減速直線運動，所以通過的總路程是：
（4分）
（2）A在盒子內運動時， 
方向以向上為正方向
由以上得 a＝qE/m=1×10-6×1×103/1×10
A在盒子外運動時， 則a＝qE/m=1×
A在盒子內運動的時間t1＝2v/ a＝2×1/1×102s＝2×10-2s
同理A在盒子外運動的時間t2＝2×10-2s
A從第一次進入盒子到第二次進入盒子的時間t= t1＋t2＝4×10-2s （4分）
（3）微粒運動一個周期盒子減少的速度為△v= a’ （t1＋ t2）=2×（0.02＋0.02）=
從小球第一次進入盒子到盒子停下，微粒球運動的周期數為n=v1/△v=0.4/0.08=5
故要保證小球始終不與盒子相碰，盒子上的小孔數至少為2n+1個，即11個． （4分）
5. ⑴1N，向右（提示：注意相當于左右兩個邊都以v0=
6.解：（1）子彈打擊滑塊，滿足動量守恒定律，設子彈射入滑塊后滑塊的速度為v1，則
① （4分）
（2）從O到A滑塊做加速度增大的減速運動，從A到O滑塊可能做加速度增大的減速運動，或先做加速度減小的加速運動再做加速度增大的減速運動。
滑塊向右到達最右端時，彈簧的彈性勢能最大。設在OA段克服摩擦力做的功為Wf，與滑塊的動摩擦因數為μ，彈性勢能最大值為Ep，根據能量守恒定律：
②
（2分）
由于滑塊恰能返回到O點，返回過程中，根據能量守恒定律：
（3）設第二顆子彈射入滑塊后滑塊的速度為v2，由動量守恒定律得：
（2分）
如果滑塊第一次返回O點時停下，則滑塊的運動情況同前，對該過程應用能量守恒定律：
⑥
①②③④⑤⑥聯立解得
如果滑塊第三次返回O點時停下，對該過程由能量守恒：
①②③④⑥⑦聯立解得
所以，滑塊僅兩次經過O點，第二顆子彈入射速度的大小范圍在
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