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H.彈簧振子的位移隨時間變化的表達式是.則在0.3s~0.4 s的時間內.振子的速率在增大 其中正確的有 . 查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

以下是有關波動和相對論內容的若干敘述.其中正確的有 (  )
A.單擺的擺球振動到平衡位置時,所受的合外力為零
B.光速不變原理是:真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的
C.波在傳播的過程中,介質質點將沿波的傳播方向做勻速運動
D.兩列波相疊加產生干涉現象,則振動加強區域與減弱區域交替變化
E.光的偏振現象說明光波是橫波
F.夜視儀器能在較冷的背景上探測出較熱物體的紅外輻射
G.
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如圖為一列向右傳播的簡諧橫波的圖象,波速為5m/s,則經1.5s質點A處于波峰位置
H.彈簧振子的位移隨時間變化的表達式是x=sin2πt,則在0.3s~0.4s的時間內,振子的速率在增大

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以下是有關波動和相對論內容的若干敘述.其中正確的有 ( )
A.單擺的擺球振動到平衡位置時,所受的合外力為零
B.光速不變原理是:真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的
C.波在傳播的過程中,介質質點將沿波的傳播方向做勻速運動
D.兩列波相疊加產生干涉現象,則振動加強區域與減弱區域交替變化
E.光的偏振現象說明光波是橫波
F.夜視儀器能在較冷的背景上探測出較熱物體的紅外輻射
G.如圖為一列向右傳播的簡諧橫波的圖象,波速為5m/s,則經1.5s質點A處于波峰位置
H.彈簧振子的位移隨時間變化的表達式是x=sin2πt,則在0.3s~0.4s的時間內,振子的速率在增大

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精英家教網以下是有關波動和相對論內容的若干敘述:
A.單擺的擺球振動到平衡位置時,所受的合外力為零
B.光速不變原理是:真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的
C.波在傳播的過程中,介質質點將沿波的傳播方向做勻速運動
D.兩列波相疊加產生干涉現象,則振動加強區域與減弱區域交替變化
E.光的偏振現象說明光波是橫波
F.夜視儀器能在較冷的背景上探測出較熱物體的紅外輻射
G.如圖為一列向右傳播的簡諧橫波的圖象,波速為5rn/s,則經1.5s質點A處于波峰位置
H.彈簧振子的位移隨時間變化的表達式是x=sin2πt,則在0.3s~0.4s的時間內,振子的速率在增大
其中正確的有
 

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以下是有關波動和相對論內容的若干敘述:
A.單擺的擺球振動到平衡位置時,所受的合外力為零
B.光速不變原理是:真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的
C.波在傳播的過程中,介質質點將沿波的傳播方向做勻速運動
D.兩列波相疊加產生干涉現象,則振動加強區域與減弱區域交替變化
    E.光的偏振現象說明光波是橫波
    F.夜視儀器能在較冷的背景上探測出較熱物體的紅外輻射
    G.如圖為一列向右傳播的簡諧橫波的圖象,波速為5rn/s,則經1.5s質點處于波峰位置
    H.彈簧振子的位移隨時間變化的表達式是,則在0.3s~0.4 s的時間內,振子的速率在增大
       其中正確的有          .

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以下是有關波動和相對論內容的若干敘述:
A.單擺的擺球振動到平衡位置時,所受的合外力為零
B.光速不變原理是:真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的
C.波在傳播的過程中,介質質點將沿波的傳播方向做勻速運動
D.兩列波相疊加產生干涉現象,則振動加強區域與減弱區域交替變化
E.光的偏振現象說明光波是橫波
F.夜視儀器能在較冷的背景上探測出較熱物體的紅外輻射
G.如圖為一列向右傳播的簡諧橫波的圖象,波速為5rn/s,則經1.5s質點A處于波峰位置
H.彈簧振子的位移隨時間變化的表達式是x=sin2πt,則在0.3s~0.4s的時間內,振子的速率在增大
其中正確的有______.

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1.C 2.A 3.A 4.C 5.B 6.AD 7.AC 8.AD 9.BC

10.(1)BCD

(2)(1) A ,C     (2) 9.58    

(3)不合理.由于阻力的存在,第(2)問中求得的結果不是當地的重力加速度,不能用它來計算重力勢能的改變量. 

11.(1)A D E G H(2分)

 (2)b (1分)  實物連接如下圖(2分)

(3)2.4 (3分);1.27×10―6 ?m(3分.答1.25×10-6~1.30×106?m均按正確.)

   (2)解:作出光路如圖

       由折射定律得(2分)

      

       所以r=30°(2分)

       由圖知

       則ABAC=d?tan30°=d

       出射光線與入射光線間的距離是d(2分)

12-C(1)BCDGH(6分,全對得6分,不全對的每對一項得1分,錯一項扣1分,錯2項扣3分,錯3項本題不得分,本題不得負分)

   (2)①AB相碰滿足動量守恒(1分)

       得兩球跟C球相碰前的速度v1=1m/s(1分)

       ②兩球與C碰撞同樣滿足動量守恒(1分)

       得兩球碰后的速度v2=0.5m/s,

       兩次碰撞損失的動能(2分)

       (1分)

14. 解:

(1)mgsinα=BILcosα ………………2分

解得:I=1A               ………1分

 (2) I=               ……2分

解得:v=25m/s                         ……2分

(3) PQ=I2R=4.5W                         ……1分

PG=mgvsinα=6W           ……1分

重力勢能的減少量,一部分轉化成電能,以焦耳熱的形式釋放,另一部分給電源充電。

15. 解:

(1)撤去F前,根據牛頓第二定律,有:

    金屬塊:                                                              …………(2分)

    平板車:                                              …………(2分)

    從給車一個向右的水平恒力到剛撤去該力的過程,平板車與金屬塊發生的位移滿足關系:                                         …………(2分)

    即:

    解得:                                                                     …………(2分)

    所以:                                                         …………(2分)

                                                                     …………(2分)

(2)撤去F后,金屬塊在平板車的CB段滑動的過程,設最終的共同速度為v3,根據動量守恒,有:

                                                                   …………(3分)

    該過程系統機械能損失等于摩擦生熱,有:

                                   …………(3分)

    解得:         

 

 

 

 

 

 

 

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