Question

設(shè)函數(shù)f（x）=ax-（1+a²）x²，其中a＞0，區(qū)間I={x|f（x）＞0}．
（1）當(dāng)a在（0，+∞）變化時(shí)，求I的長(zhǎng)度的最大值（注：區(qū)間（α，β）的長(zhǎng)度定義為β-α）；
（2）給定一個(gè)正數(shù)k，當(dāng)a在[k，1+2k]變化時(shí)，I長(zhǎng)度的最小值為

5

26

，求k的值；
（3）若f（x+1）+f（x）≤

2

3

f（1）對(duì)任意x恒成立，求a的取值范圍．

Answer 1

分析：（1）解不等式f（x）＞0可得區(qū)間I，由區(qū)間長(zhǎng)度定義可得I的長(zhǎng)度，然后利用基本不等式可求出I的長(zhǎng)度的最大值；
（2）利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)在區(qū)間[k，1+2k]上的單調(diào)性，討論k，根據(jù)I長(zhǎng)度的最小值為

5

26

，建立關(guān)系式，從而求出k的值；
（3）根據(jù)函數(shù)f（x）的解析式將f（x+1）+f（x）≤

2

3

f（1）對(duì)任意x恒成立轉(zhuǎn)化成，6（1+a²）x²+6（1-a+a²）x+a²+1-a≥0，對(duì)任意x恒成立，然后利用二次函數(shù)恒成立的方法求解即可．

解答：解：（1）∵方程ax-（1+a²）x²=0（a＞0）有兩個(gè)實(shí)根x₁=0，x₂=

a

1+a2

＞0，
∴f（x）＞0的解集為{x|x₁＜x＜x₂}，
∴區(qū)間I=（0，

a

1+a2

），區(qū)間長(zhǎng)度為

a

1+a2

，
∵

a

1+a2

=

1

a+ 1 a

≤

1

2 a× 1 a

=

1

2

，當(dāng)且僅當(dāng)a=1時(shí)取等號(hào)，
∴I的長(zhǎng)度的最大值為

1

2

；
（2）令I(lǐng)的長(zhǎng)度為g（a）=

a

1+a2

，g′（a）=

1-a2

(1+a2)2

，
令g′（a）=0，得a=1，
①當(dāng)0＜k≤1時(shí)，
當(dāng)k≤a＜1時(shí)，g′（a）＞0，g（a）單調(diào)遞增，
當(dāng)1＜a≤1+2k時(shí)，g′（a）＜0，g（a）單調(diào)遞減，
∴當(dāng)k≤a≤1+2k時(shí)，g（a）的最小值必定在a=k或a=1+2k處取得，
當(dāng)g（k）=

k

1+k2

=

5

26

時(shí)，解得k=

1

5

或5（舍去），
當(dāng)g（1+2k）=

1+2k

1+(1+2k)2

=

5

26

，解得k=2或-

2

5

，不符合題意，
②當(dāng)k＞1時(shí)，
當(dāng)k≤a≤1+2k時(shí)，g′（a）＜0，g（a）單調(diào)遞減，
∴當(dāng)a=1+2k時(shí)，g（a）取最小值

5

26

，即g（1+2k）=

1+2k

1+(1+2k)2

=

5

26

，解得k=2或-

2

5

（舍去），
綜上所述：k=

1

5

或2；
（3）∵f（x）=ax-（1+a²）x²（a＞0），f（x）＞0，＜═＞0＜x＜

a

1+a2

，
∵f（x+1）+f（x）≤

2

3

f（1），
∴a（x+1）-（1+a²）（x+1）²+ax-（1+a²）x²≤

2

3

[a-（1+a²）]，
整理得6（1+a²）x²+6（1-a+a²）x+a²+1-a≥0，對(duì)任意x恒成立，
∴△=[6（1-a+a²）]2-4×6（1+a²）（a²+1-a）≤0，即a²-3a+1≤0，
解得：

3- 5

2

≤a≤

3+ 5

2

，
∴a的取值范圍是[

3- 5

2

，

3+ 5

2

]．

點(diǎn)評(píng)：本題考查二次不等式的求解，以及導(dǎo)數(shù)的計(jì)算和應(yīng)用等基礎(chǔ)知識(shí)和基本技能，考查分類討論思想和綜合運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決問題的能力．屬于難題．