Question

 

在正方體ABCD－A′B′C′D′中，點M是棱AA′的中點，點O是對角線BD′的中點.

（Ⅰ）求證：OM為異面直線AA′和BD′的公垂線；

（Ⅱ）求二面角M－BC′－B′的大小；  

 

 

 

 

 

 

 

 

Answer 1

【答案】

 解法一：（1）連結(jié)AC，取AC中點K，則K為BD的中點，連結(jié)OK

能力和邏輯推理能力，考查應(yīng)用向量知識解決數(shù)學問題的能力。

本小題主要考查異面直線、直線與平面垂直、二面角、正方體等基礎(chǔ)知識，并考查空間想象

因為M是棱AA’的中點，點O是BD’的中點

所以AM

所以MO

由AA’⊥AK，得MO⊥AA’    

因為AK⊥BD,AK⊥BB’，所以AK⊥平面BDD’B’

所以AK⊥BD’

所以MO⊥BD’

又因為OM是異面直線AA’和BD’都相交

故OM為異面直線AA'和BD'的公垂線…………6分

（2）取BB’中點N，連結(jié)MN，則MN⊥平面BCC’B’

過點N作NH⊥BC’于H，連結(jié)MH

則由三垂線定理得BC’⊥MH

從而,∠MHN為二面角M－BC’－B’的平面角

MN＝1,NH＝Bnsin45°＝

在Rt△MNH中，tan∠MHN＝

故二面角M－BC’－B’的大小為arctan2…………………………………………12分

解法二：

以點D為坐標原點，建立如圖所示空間直角坐標系D－xyz

則A(1,0,0),B(1,1,0),C(0,1,0),A’(1,0,1),C’(0,1,1),D’(0,0,1)

(1)因為點M是棱AA’的中點,點O是BD’的中點

所以M(1,0, ),O(,,)

,＝(0,0,1),＝(－1,－1,1)

＝0, ＋0＝0

所以OM⊥AA’,OM⊥BD’

又因為OM與異面直線AA’和BD’都相交

故OM為異面直線AA'和BD'的公垂線.………………………………6分

(2)設(shè)平面BMC'的一個法向量為＝(x,y,z)    

＝(0,－1,), ＝(－1,0,1)

  即

取z＝2,則x＝2,y＝1，從而＝(2,1,2)

取平面BC'B'的一個法向量為＝(0,1,0)

cos

由圖可知，二面角M－BC'－B'的平面角為銳角  

故二面角M－BC'－B'的大小為arccos………………………………………………12分

（19）  

（Ⅰ）1證明兩角和的余弦公式；

      2由推導(dǎo)兩角和的正弦公式.

（Ⅱ）已知，求

解：(1)①如圖，在執(zhí)教坐標系xOy內(nèi)做單位圓O，并作出角α、β與－β，使角α的始邊為

Ox，交⊙O于點P₁，終邊交⊙O于P₂；角β的始邊為OP₂，終邊交⊙O于P₃；角－β的始邊為OP₁，終邊交⊙O于P₄.

則P₁(1,0),P₂(cosα,sinα)

P₃(cos(α＋β),sin(α＋β)),P₄(cos(－β),sin(－β))

由P₁P₃＝P₂P₄及兩點間的距離公式，得

[cos(α＋β)－1]²＋sin²(α＋β)＝[cos(－β)－cosα]²＋[sin(－β)－sinα]²

展開并整理得： cos(α＋β)＝ (cosαcosβ－sinαsinβ)

∴cos(α＋β)＝cosαcosβ－sinαsinβ.……………………4分  

②由①易得cos(－α)＝sinα,sin(－α)＝cosα

sin(α＋β)＝cos[－(α＋β)]＝cos[(－α)＋(－β)]

           ＝cos(－α)cos(－β)－sin(－α)sin(－β)

           ＝sinαcosβ＋cosαsinβ……………………………………6分

(2)∵α∈(π,),cosα＝－

   ∴sinα＝－

   ∵β∈(，π),tanβ＝－

   ∴cosβ＝－,sinβ＝

   cos(α＋β)＝cosαcosβ－sinαsinβ

              ＝(－)×(－)－(－)×  

              ＝