Question

（1）設(shè)函數(shù)g(x)=

x-1

2

(x∈R)，且數(shù)列{c_n}滿足c₁=1，c_n=g（c_n-1）（n∈N，n＞1）；求數(shù)列{c_n}的通項公式．
（2）設(shè)等差數(shù)列{a_n}、{b_n}的前n項和分別為S_n和T_n，且

a3

b4+b6

+

a7

b2+b8

=

2

5

，

Sn

Tn

=

An+1

2n+7

，S₂=6；求常數(shù)A的值及{a_n}的通項公式．
（3）若dn=

an(n為正奇數(shù)) cn(n為正偶數(shù))

，其中a_n、c_n即為（1）、（2）中的數(shù)列{a_n}、{c_n}的第n項，試求d₁+d₂+…+d_n．

Answer 1

分析：（1）先求出數(shù)列{c_n}的遞推公式，再對遞推公式進性構(gòu)造新數(shù)列，利用新數(shù)列的通項公式，求數(shù)列{c_n}的通項公式．
（2）先利用等差數(shù)列的性質(zhì)求出：

a5

b5

=

2

5

，再對

Sn

Tn

=

An+1

2n+7

變形求出常數(shù)A的值；再把所求的A的值代入

Sn

Tn

=

An+1

2n+7

和S₂=6；相結(jié)合求出數(shù)列{a_n}的前n項和分別為S_n和就可求出{a_n}的通項公式．
（3）把（1）、（2）中求出的數(shù)列{a_n}、{c_n}的通項公式代入；再分n為奇數(shù)和偶數(shù)兩種情況分別求和即可．

解答：解：（1）由題意：cn=

1

2

(cn-1-1)，
變形得：cn+1=

1

2

(cn-1+1)，（1分）
∴數(shù)列{c_n+1}是以

1

2

為公比，c₁+1=2為首項的等比數(shù)列．（3分）
∴cn+1=2•(

1

2

)n-1，
即cn=(

1

2

)n-2-1．（5分）
（2）∵由等差數(shù)列{a_n}、{b_n}知：b₄+b₆=b₂+b₈=2b₅，a₃+a₇=2a₅；
∴由

a3

b4+b6

+

a7

b2+b8

=

2

5

得：

a5

b5

=

2

5

，（6分）
∴

S9

T9

=

a1+a9 2 ×9

b1+b9 2 ×9

=

a5

b5

=

2

5

，
∵

Sn

Tn

=

An+1

2n+7

，
∴

9A+1

2×9+7

=

2

5

，解得A=1；
（8分）
∴

Sn

Tn

=

n+1

2n+7

=

n(n+1)

n(2n+7)

，S_n和T_n分別是等差數(shù)列{a_n}、{b_n}的前n項和；
∴可設(shè)S_n=kn（n+1），T_n=kn（2n+7）；
∵S₂=6，
∴k=1，即S_n=n²+n．（10分）
當(dāng)n=1時，a₁=S₁=2，
當(dāng)n≥2時，a_n=S_n-S_n-1=n²+n-[（n-1）²+（n-1）]=2n．
綜上得：a_n=2n．（12分）
（3）當(dāng)n=2k+1（k∈N^*）時，d₁+d₂+…+d_n=（a₁+a₃++a_2k+1）+（c₂+c₄++c_2k）
=2(k+1)2+

4

3

[1-(

1

4

)k]-k=

n2+n+2

2

+

4

3

[1-(

1

2

)n-1]（14分）
當(dāng)n=2k（k∈N^*）時，d₁+d₂++d_n=（a₁+a₃++a_2k-1）+（c₂+c₄++c_2k）
=2k2+

4

3

[1-(

1

4

)k]-k=

n2-n

2

+

4

3

[1-(

1

2

)n]．（16分）

點評：本題涉及了等差數(shù)列的求和公式以及等比數(shù)列求和公式的應(yīng)用．在對等比數(shù)列求和時，一定要清楚公比的取值，再代入公式．