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從計算結果看兩者大小關系是怎樣的?請解釋為什么有這樣的關系? 查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

如圖所示,兩條平行的足夠長的光滑金屬導軌與水平面成α=53??角,導軌間距離L=0.8m.其上端接一電源和一固定電阻,電源的電動勢E=1.5V,其內阻及導軌的電阻可忽略不計. 固定電阻R=4.5Ω.導體棒ab與導軌垂直且水平,其質量m=3×10-2kg,電阻不計. 整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中,磁感應強度B=0.5T.(g=10m/s2  sin53??=0.8  cos53??=0.6 )

(1)將ab棒由靜止釋放,最終達到一個穩定的速度,求此時電路中的電流;

(2)求ab穩定時的速度;

(3)求ab棒以穩定速度運動時電路中產生的焦耳熱功率PQab棒重力的功率PG .

   從計算結果看兩者大小關系是怎樣的?請解釋為什么有這樣的關系?

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如圖所示,兩條平行的足夠長的光滑金屬導軌與水平面成α=53º角,導軌間距離L=0.8m.其上端接一電源和一固定電阻,電源的電動勢E=1.5V,其內阻及導軌的電阻可忽略不計. 固定電阻R=4.5Ω.導體棒ab與導軌垂直且水平,其質量m=3×10-2kg,電阻不計. 整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中,磁感應強度B=0.5T.(g=10m/s2  sin53º=0.8  cos53º=0.6 )

   (1)將ab棒由靜止釋放,最終達到一個穩定的速度,求此時電路中的電流;

   (2)求ab穩定時的速度;

   (3)求ab棒以穩定速度運動時電路中產生的焦耳熱功率PQab棒重力的功率PG .

        從計算結果看兩者大小關系是怎樣的?請解釋為什么有這樣的關系?

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如圖所示,兩條平行的足夠長的光滑金屬導軌與水平面成α=53º角,導軌間距離L=0.8m.其上端接一電源和一固定電阻,電源的電動勢E=1.5V,其內阻及導軌的電阻可忽略不計. 固定電阻R=4.5Ω.導體棒ab與導軌垂直且水平,其質量m=3×10-2kg,電阻不計. 整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中,磁感應強度B=0.5T.(g=10m/s2  sin53º="0.8 " cos53º="0.6" )

(1)將ab棒由靜止釋放,最終達到一個穩定的速度,求此時電路中的電流;
(2)求ab穩定時的速度;
(3)求ab棒以穩定速度運動時電路中產生的焦耳熱功率PQab棒重力的功率PG.
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如圖所示,兩條平行的足夠長的光滑金屬導軌與水平面成α=53°角,導軌間距離L=0.8 m。其上端接一電源和一固定電阻,電源的電動勢E=1.5 V,其內阻及導軌的電阻可忽略不計,固定電阻R=4.5 Ω,導體棒ab與導軌垂直且水平,其質量m=3×10-2 kg,電阻不計。整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中,磁感應強度B=0.5 T。(g取10 m/s2,sin53°=0.8,cos53°=0.6)

(1)將ab棒由靜止釋放,最終達到一個穩定的速度,求此時電路中的電流。

(2)求ab穩定時的速度。

(3)求ab棒以穩定速度運動時電路中產生的焦耳熱功率PQ及ab棒重力的功率PG

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精英家教網如圖所示,兩條平行的足夠長的光滑金屬導軌與水平面成α=53°角,導軌間距離L=0.8m.其上端接一電源和一固定電阻,電源的電動勢E=1.5V,其內阻及導軌的電阻可忽略不計.固定電阻R=4.5Ω.導體棒ab與導軌垂直且水平,其質量m=3×10-2kg,電阻不計.整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中,磁感應強度B=0.5T.(g=10m/s2  sin53°=0.8  cos53°=0.6 )
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1.C 2.A 3.A 4.C 5.B 6.AD 7.AC 8.AD 9.BC

10.(1)BCD

(2)(1) A ,C     (2) 9.58    

(3)不合理.由于阻力的存在,第(2)問中求得的結果不是當地的重力加速度,不能用它來計算重力勢能的改變量. 

11.(1)A D E G H(2分)

 (2)b (1分)  實物連接如下圖(2分)

(3)2.4 (3分);1.27×10―6 ?m(3分.答1.25×10-6~1.30×106?m均按正確.)

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  •    (2)解:作出光路如圖

           由折射定律得(2分)

          

           所以r=30°(2分)

           由圖知

           則ABAC=d?tan30°=d

           出射光線與入射光線間的距離是d(2分)

    12-C(1)BCDGH(6分,全對得6分,不全對的每對一項得1分,錯一項扣1分,錯2項扣3分,錯3項本題不得分,本題不得負分)

       (2)①AB相碰滿足動量守恒(1分)

           得兩球跟C球相碰前的速度v1=1m/s(1分)

           ②兩球與C碰撞同樣滿足動量守恒(1分)

           得兩球碰后的速度v2=0.5m/s,

           兩次碰撞損失的動能(2分)

           (1分)

    14. 解:

    (1)mgsinα=BILcosα ………………2分

    解得:I=1A               ………1分

     (2) I=               ……2分

    解得:v=25m/s                         ……2分

    (3) PQ=I2R=4.5W                         ……1分

    PG=mgvsinα=6W           ……1分

    重力勢能的減少量,一部分轉化成電能,以焦耳熱的形式釋放,另一部分給電源充電。

    15. 解:

    (1)撤去F前,根據牛頓第二定律,有:

        金屬塊:                                                              …………(2分)

        平板車:                                              …………(2分)

        從給車一個向右的水平恒力到剛撤去該力的過程,平板車與金屬塊發生的位移滿足關系:                                         …………(2分)

        即:

        解得:                                                                     …………(2分)

        所以:                                                         …………(2分)

                                                                         …………(2分)

    (2)撤去F后,金屬塊在平板車的CB段滑動的過程,設最終的共同速度為v3,根據動量守恒,有:

                                                                       …………(3分)

        該過程系統機械能損失等于摩擦生熱,有:

                                       …………(3分)

        解得:         

     

     

     

     

     

     

     

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