Question

（1）如圖6-15，在光滑水平長(zhǎng)直軌道上，放著一個(gè)靜止的彈簧振子，它由一輕彈簧兩端各連接一個(gè)小球構(gòu)成，兩小球質(zhì)量相等.現(xiàn)突然給左端小球一個(gè)向右的速度u₀，求彈簧第一次恢復(fù)到自然長(zhǎng)度時(shí)，每個(gè)小球的速度.
（2）如圖6-16，將N個(gè)這樣的振子放在該軌道上，最左邊的振子1被壓縮至彈簧為某一長(zhǎng)度后鎖定，靜止在適當(dāng)位置上，這時(shí)它的彈性勢(shì)能為E₀.其余各振子間都有一定的距離，現(xiàn)解除對(duì)振子1的鎖定，任其自由運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它第一次恢復(fù)到自然長(zhǎng)度時(shí)，剛好與振子2碰撞，此后，繼續(xù)發(fā)生一系列碰撞，每個(gè)振子被碰后剛好都是在彈簧第一次恢復(fù)到自然長(zhǎng)度時(shí)與下一個(gè)振子相碰.求所有可能的碰撞都發(fā)生后，每個(gè)振子彈性勢(shì)能的最大值.已知本題中兩球發(fā)生碰撞時(shí)，速度交換，即一球碰后的速度等于另一球碰前的速度.

圖6-15

圖6-16

Answer 1

(1)u₁=0,u₂=u₀  (2)E_N=E₀

（1）設(shè)每個(gè)小球質(zhì)量為m，以u(píng)₁、u₂分別表示彈簧恢復(fù)到自然長(zhǎng)度時(shí)左右兩端小球的速度,由動(dòng)量守恒和能量守恒定律有
mu₁+mu₂=mu₀（以向右為速度正方向）
mu₁²+mu₂²=mu₀²
解得u₁=u₀,u₂=0或u₁=0,u₂=u₀
由于振子從初始狀態(tài)到彈簧恢復(fù)到自然長(zhǎng)度的過程中，彈簧一直是壓縮狀態(tài)，彈力使左端小球持續(xù)減速，使右端小球持續(xù)加速，因此應(yīng)該取解析u₁=0,u₂=u₀.
（2）以v₁、v₁′分別表示振子1解除鎖定后彈簧恢復(fù)到自然長(zhǎng)度時(shí)左右兩小球的速度，規(guī)定向右為速度的正方向，由動(dòng)量守恒和能量守恒定律
mv₁+mv₁′=0
mv₁²+mv₁′²=E₀
解得v₁=,v₁′=-或v₁=-,v₁′=.
在這一過程中，彈簧一直是壓縮狀態(tài)，彈性力使左端小球向左加速，右端小球向右加速，故應(yīng)取解析
v₁=-,v₁′=
振子1與振子2碰撞后，由于交換速度，振子1右端小球速度變?yōu)?，左端小球速度仍為v₁.此后兩小球都向左運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它們向左的速度相同時(shí)，彈簧被拉伸至最長(zhǎng)，彈性勢(shì)能最大，設(shè)此速度為v₁₀，根據(jù)動(dòng)量守恒定律：
2mv₁₀=mv₁
用E₁表示最大彈性勢(shì)能，由能量守恒有
mv₁₀²+mv₁₀²+E₁=mv₁²
解得E₁=E₀
振子2被碰撞后瞬間，左端小球速度為，右端小球速度為0.以后彈簧被壓縮，當(dāng)彈簧再恢復(fù)到自然長(zhǎng)度時(shí)，根據(jù)（1）題結(jié)果，左端小球速度v₂=0，右端小球速度v₂′=，與振子3碰撞，由于交換速度，振子2右端小球速度變?yōu)?，振子2靜止，彈簧為自然長(zhǎng)度，彈性勢(shì)能為E₂=0.
同樣分析可得
E₂=E₃=…=E_N-1=0
振子N被碰撞后瞬間，左端小球速度v_N-1′=，右端小球速度為0，彈簧處于自然長(zhǎng)度.此后兩小球都向右運(yùn)動(dòng)，彈簧被壓縮，當(dāng)它們向右的速度相同時(shí)，彈簧被壓縮至最短，彈性勢(shì)能最大.設(shè)此速度為v_N0，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，
2mv_N0=mv_N-1′
用E_N表示最大彈性勢(shì)能，根據(jù)能量守恒，有
mv_N0²+mv_N0²+E_N=mv_N-1²
解得E_N=E₀.