Question

設(shè)函數(shù)f（x）=ax-ln（x+1）^a+1（x＞-1，a∈R）．
（1）設(shè)a＞0，x＞0，求證：f（x）＞-x；
（2）求f（x）的單調(diào)遞增區(qū)間；
（3）求證：

ln2

22

+

ln3

32

+…+

lnn

n2

＜

n

2

-

5

8

（n為正整數(shù)）．

Answer 1

考點(diǎn)：數(shù)學(xué)歸納法,利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性

專題：綜合題,點(diǎn)列、遞歸數(shù)列與數(shù)學(xué)歸納法

分析：（1）設(shè)g （x）=f （x）+x，求導(dǎo)數(shù)，確定g（x）在（0，+∞）上單調(diào)遞增，即可證明結(jié)論；
（2）求導(dǎo)數(shù)，分類討論，根據(jù)導(dǎo)數(shù)的正負(fù)，即可得出f（x）的單調(diào)遞增區(qū)間；
（3）利用數(shù)學(xué)歸納法進(jìn)行證明即可．

解答： （1）解：設(shè)g （x）=f （x）+x，則g′（x）=f′（x）+1=

(a+1)x

x+1

．
∵a＞0，x＞0，∴g′（x）=

(a+1)x

x+1

＞0，
于是 g（x）在（0，+∞）上單調(diào)遞增，
∴g（x）＞g（0）=f （0）+0=0，f （x）+x＞0在x＞0時(shí)成立，
即a＞0，x＞0時(shí)，f（x）＞-x．   …（4分）
（2）解：∵f（x）=ax-（a+1）ln（x+1），∴f′（x）=

ax-1

x+1

．
①a=0時(shí)，f′（x）=-

1

x+1

＜0，∴f（x）在（-1，+∞）上單調(diào)遞減，無(wú)單調(diào)增區(qū)間．
②a＞0時(shí)，由 f′（x）＞0得x＞

1

a

，∴單增區(qū)間為（

1

a

，+∞）．
③a＜0時(shí)，由 f′（x）＞0得x＜

1

a

．
而 x＞-1，∴當(dāng)

1

a

≤-1，即-1≤a＜0時(shí)，無(wú)單增區(qū)間；
當(dāng)

1

a

＞-1，即a＜-1時(shí)，-1＜x＜

1

a

，單增區(qū)間為（-1，

1

a

）．
綜上所述：當(dāng)a＜-1時(shí)，f （x） 的單調(diào)遞增區(qū)間為（-1，

1

a

）；當(dāng)-1≤a≤0時(shí)，
f （x） 無(wú)單調(diào)遞增區(qū)間；a＞0時(shí)，f （x） 的單調(diào)遞增區(qū)間為（

1

a

，+∞）．…（8分）
（3）證明：①當(dāng)n=2時(shí)，左邊-右邊=

ln2

22

-

3

8

=

ln 4 e3

8

＜

ln1

8

=0，
∴左邊＜右邊，不等式成立．…（9分）
②假設(shè)n=k時(shí)，不等式成立，即

ln2

22

+

ln3

32

+…+

lnk

k2

＜

k

2

-

5

8

 成立，
那么當(dāng)n=k+1時(shí)，

ln2

22

+

ln3

32

+…+

lnk

k2

+

ln(k+1)

(k+1)2

＜

k

2

-

5

8

+

ln(k+1)

(k+1)2

=

k+1

2

-

5

8

+

ln(k+1)

(k+1)2

-

1

2

．…（11分）
下面證明：

ln(k+1)

(k+1)2

-

1

2

＜0．
利用第（1）問(wèn)的結(jié)論，得 ax-ln（x+1）^a+1＞-x，
所以（a+1）ln（x+1）＜（a+1）x，即 ln（x+1）＜x，
因而 0＜ln（k+1）＜k，所以

ln(k+1)

(k+1)2

-

1

2

＜

k

k2+2k+1

-

1

2

＜

k

2k

-

1

2

=0．
以上表明，當(dāng)n=k+1時(shí)，不等式成立．
根據(jù)①②可知，原不等式對(duì)任意正整數(shù)n都成立．…（14分）

點(diǎn)評(píng)：本題考查數(shù)學(xué)歸納法，考查導(dǎo)數(shù)知識(shí)的綜合運(yùn)用，考查學(xué)生分析解決問(wèn)題的能力，屬于中檔題．